Germán Jesús Rubio Luna " g.j.rubio@telefonica.net " Catedrático de Matemóticas del IES Francisco Ayala de Granada
Ejercicio n° 3 de la opción A de septiembre de 2006
Considera el sistema de ecuaciones lineales
λx – y – z = - 1
x + λy + z = 4
x + y + z = λ + 2
(a) [1’5 puntos] Clasifica el sistema según los valores del parámetro λ .
(b) [1 punto] Resuelve el sistema para λ = 2.
Solución
λx – y – z = - 1
x + λy + z = 4
x + y + z = λ + 2
(a)
La matriz de los coeficientes del sistema es y la matriz ampliada
.
Calculamos el det(A) = |A|
= (desarrollamos por el adjunto 31) =
= - (λ
- 1)(-1 - λ
) = (λ
- 1)( 1 + λ
)
Resolvemos |A| = 0, es decir (λ - 1)( 1 + λ) = 0, de donde λ = 1 y λ = -1
Si λ ≠ 1 y λ ≠ -1 , tenemos |A| ≠ 0 con lo cual rango(A) = rango(A*) = 3, y por el teorema de Rouche el sistema es compatible y determinado y tiene solución única.
Si λ = 1, y
En A como 2 ≠ 0, tenemos rango(A) = 2
En A* como = -2
≠ 0, tenemos rango(A*) = 3
Como rango(A)= 2 ≠ rango(A*) = 3, por el teorema de Rouche el sistema es incompatible y no tiene solución.
Si λ = -1, y
En A como 2 ≠ 0, tenemos rango(A) = 2
En A* como , por tener dos filas proporcionales, tenemos rango(A*) = 2
Como rango(A) = rango(A*) = 2, por el teorema de Rouche el sistema es compatible e indeterminado, teniendo infinitas soluciones que dependen de un parámetro.
(b)
Resuelve el sistema para λ = 2.
Nuestro sistema es
2x – y – z = - 1
x + 2y + z = 4
x + y + z = 4
Sumando 1ª y 3ª tenemos 3x = 3, de donde x = 1. Tomamos la 1ª y la 2ª con x = 1
2 – y – z = -1
1 + 2y + z = 4
Sumándolas tenemos 3 + y = 3, de donde y = 0.
Sustituyendo x = 1 e y = 0 en cualquier ecuación tenemos z = 3, por tanto la solución del sistema es (x,y,z) = (1, 0, 3) cuando λ = 2.
También se puede hacer por la regla de Cramer (Vicenta Serrano)
Y como vemos, se obtiene la misma solución (x,y,z) = (1, 0, 3) cuando λ = 2.